Добавил:
Upload Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:

Matematika_Zaytsev_ch2

.pdf
Скачиваний:
71
Добавлен:
14.02.2015
Размер:
2 Мб
Скачать
☆

5.

•

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

sin π t ~

 

 

= lim sin 2 t

=

π t

 

 

t→0

t

 

 

 

 

2

t→0

2

Найти lim

 

tgx − sin x

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x→0

 

x3

 

 

 

 

 

 

sin x −

 

tgx − sin x

 

 

0

 

lim

=

= lim

cos x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x3

 

 

x→0

 

 

 

0

x→0

 

x3

 

π

 

 

 

= lim

2 t

=

π

. •

t

2

t→0

 

 

sin x

sin x( 1 − cos x )

 

= lim

=

x3 cos x

x→0

 

 

sin x 2 sin

2

x

 

x

~ x

2

 

= lim

 

2

= sin x ~ x , 2 sin2

=

x

3

cos x

 

x→0

 

 

x→0

2 x→0

2

 

 

 

 

x

x2

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

3

 

 

 

= lim

 

2

 

 

=

. Итак, tgx − sin x

 

~

. •

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

3

cos x

2

 

2

 

x→0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x→0

 

 

6. Найти lim

 

x (tgx2 + 2 x)

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x→0

x sin2 x − arctgx

 

 

 

 

 

 

 

 

 

• lim

x (tgx2 + 2 x)

 

=

0

 

= lim

tgx2

+ 2 x

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

arctgx

x sin2 x

− arctgx

 

 

 

 

 

x→0

 

 

0

 

 

x→0

sin

2

x −

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

 

 

 

lim arctgx

= 1

= 0 .

x→0

x

 

 

•

7. Найти

• Так как

x − 3 2 x+1 lim . x→∞ x + 2

lim

x − 3

= 1 , а

lim ( 2 x + 1 ) = ∞ , то имеем предел, связанный с

 

x→∞ x + 2

 

x→∞

раскрытием неопределенности вида ( 1∞ ). Чтобы воспользоваться вторым замечательным пределом, сделаем преобразования:

 

 

 

 

2 x+1

 

 

 

 

 

 

 

 

2 x+1

 

 

 

 

 

 

x+2 −5

( 2 x+1 )

 

x − 3

 

 

 

 

 

 

x − 3

 

 

 

 

 

−5

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

−5

x+2

lim

 

 

 

 

 

=

lim

1

+

 

− 1

 

= lim

1

+

 

 

 

 

 

 

=

 

 

x + 2

 

 

x + 2

 

 

 

x→∞ x + 2

 

 

x→∞

 

 

 

 

 

x→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

−5

 

 

x+2

 

 

lim

−10 x−5

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

−5

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

=

 

lim

1

+

 

 

 

 

 

= e = ex →∞

x+2

= e−10

. •

 

 

 

 

 

 

 

x +

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

90

1

8. Найти lim (cos x )x .

x→0

• Имеем неопределённость вида ( 1∞ ). Преобразуем основание так, чтобы оно

2 β

 

имело вид 1 + α(x), где α(x) – б.м. функция при x→ 0. Имеем cosβ =1−2sin 2

,

поэтому

 

(

 

 

)

1

 

 

 

−2sin2

lim

cos

x

x = lim

1

 

 

 

 

x→0

 

 

 

 

 

x→0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

−2sin

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x

 

 

x

x

 

 

 

 

2

x

−2sin2

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= lim

1

+

−2sin

 

 

 

2

=

2

2

 

 

x→0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2 x

 

 

 

 

 

 

 

x 2

 

 

 

 

 

 

 

−2 sin

 

 

 

 

 

 

−2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

1

 

 

 

lim

 

 

 

 

 

x

x

lim

 

 

 

−

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= ex→0

x

 

 

= sin

 

x~→0

2

= ex→0

 

x

 

= e

 

2

=

 

. •

 

 

2

 

 

 

e

9. Найти lim

 

x2 − 1

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ln x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x→1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

•Имеем неопределённость 0 . Сделаем замену x – 1 = t. Тогда x = 1 + t,

0

t→ 0 при x→ 1. Воспользуемся эквивалентностью б.м. ln(1+t) ~ t

при t→ 0.

 

Итак, lim

x2 − 1

= lim

( t + 1 )2 − 1

= lim

t 2 + 2t

= lim( t + 2 ) = 2 . •

 

 

ln x

 

ln( 1 + t )

t

 

 

x→1

 

t→0

t→0

t→0

 

 

 

 

10. Найти

lim

10cos2 x − 1

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ln sin x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x→ 2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

• Неопределённость вида

0

 

 

 

x −

π

= t , отсюда x =

π

+ t ,

 

 

 

. Сделаем замену

2

2

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t→ 0 при x → π .

Воспользуемся формулой cos β = 1 − 2 sin2 β

и формулами

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

приведения:

lim

10cos2 x − 1

= lim

ln sin x

x→

π

t→0

2

 

 

2

 

π

 

 

 

cos

 

2

+t

 

10

 

 

− 1

= lim

 

π

 

 

t→0

ln sin

2

+ t

 

 

 

 

 

10sin2 t − 1

= lim

10sin2 t − 1

 

 

=

lncos t

 

 

t

 

t→0

ln( 1 − 2 sin

2

)

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

91

=

10sin2 t − 1 ~ sin2 t ln10 ~ t 2 ln10

 

 

2

= lim t

2

ln10 = −2 ln10 . •

 

 

t→0

 

t→0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2 t

 

 

2

t

 

 

t

 

t→0

 

 

t 2

 

 

ln

1

− 2 sin

2

~

− 2 sin

 

 

 

~ − 2

 

 

 

 

 

−

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

t→0

 

 

2 t→0

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

11. Для функции

f ( x ) = arctg

1

найти точки разрыва,

если они существуют,

 

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

указать характер разрыва, построить схематический график функции.

•Данная функция определена, а, значит, и непрерывна x R\{0}. В точке

x= 0 функция разрывная, так как f(0) не определена.

Исследуем поведение функции в окрестности точки x = 0. Для этого вычислим односторонние пределы:

f ( 0 − 0 ) = lim

arctg

1

= −

π , так как

lim

1

= −∞ , а

lim arctgt = −

π

 

 

 

2

x→0−0

 

x

2

 

 

x→0−0 x

 

t→−∞

(см. график функции arctgx на рисунке 13

главы 2).

 

 

Аналогично, f ( 0 + 0 ) =

lim

arctg

1

= +

π .

 

 

 

x

 

 

 

 

 

 

x→0+0

 

 

2

 

 

 

Итак, односторонние пределы в точке x = 0 существуют, конечные, но не совпали. Значит, точка x = 0 является точкой разрыва 1-го рода. Скачок равен

f(0 + 0) – f(0 – 0) = π. Так как

 

 

 

lim

f ( x ) = lim arctg

1 =

1

= t , t →0 при x → ∞ = lim arctgt = 0,

x→∞

x→∞

x

x

 

 

t→0

то схематически график функции arctg

1

имеет вид:

x

 

 

 

 

 

 

Рисунок 12

92

 

1

 

 

 

,

x < 1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

x +

 

 

 

 

2

,

 

 

 

 

1 ≤ x ≤ 2 найти точки разрыва, указать

12. Для функции f ( x ) = x

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x > 2

 

 

 

 

 

 

 

e x−2 ,

 

 

 

 

 

 

 

 

 

характер разрыва, построить схематический график функции.

• Данная функция составная и определена x R \{−1}. Нельзя сразу сказать,

что она непрерывна для всех таких x. Разрывы могут быть в точках x = 1 и x = 2, где меняется её аналитическое выражение. Итак, подлежат исследованию точки

x = – 1, x = 1, x = 2.

Исследуем точку x = – 1.

Значение f(–1) не определено.

 

 

 

 

f ( −1 − 0 ) =

lim

 

1

 

 

= −∞ , так как x + 1 < 0, поэтому

lim

( x + 1 ) = − 0 .

 

+ 1

 

 

x→−1−0 x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

x→−1−0

 

 

Аналогично, f ( −1 + 0 ) =

lim

 

= +∞ .

Итак,

точка x

= –1 является

x +

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x→−1+0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

точкой разрыва второго рода.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Исследуем точку x = 1.

 

 

 

 

 

1

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

f(1) = 12 = 1,

f ( 1 − 0 ) =

lim

 

 

=

,

f ( 1 + 0 ) =

lim

x2 = 1 .

 

x +

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x→1−0

2

 

 

 

x→1+0

Итак, точка x = 1 является точкой разрыва первого рода.

 

 

 

 

 

Исследуем точку x = 2.

 

 

 

 

 

 

 

x2 = 4 ,

 

 

 

 

 

Имеем f(2) = 22 = 4,

 

f ( 2 − 0 ) =

lim

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x→2−0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

f ( 2 +0 ) =

lim

e

1

 

 

 

 

1

 

 

= t

 

 

 

 

= lim et = +∞ .

x−2

=

x − 2

 

 

 

 

 

x→2+0

 

 

 

 

 

 

t → +∞ при x → 2 +0

t→+∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Итак, точка x = 2 – точка разрыва второго рода.

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= e+0 = 1 + 0 ,

Так как lim

f ( x ) =

lim

 

 

 

= −0 ,

а lim

f ( x ) =

lim e

x−2

 

 

1

 

x→−∞

 

 

x→−∞ x +

 

 

 

 

 

x→+∞

 

x→+∞

 

 

то график данной функции имеет вид:

93

Рисунок 13

4.2 Задачи для самостоятельного решения

1. Вычислить пределы числовых последовательностей:

а)

lim

2 − 3n

;

б)

lim

 

( n + 2 )2 − ( n − 2 )2

;

 

 

 

 

 

 

 

n→∞ 4 + 5n

 

n→∞

 

( n − 3 )2

 

 

в)

lim

2n +7 n

; г)

lim

 

2 + 4 + 6 + K + 2n

 

.

 

 

1 + 3 + 5 + K + ( 2n −

1 )

 

n→∞ 2n −7 n−1

 

n→∞

 

2. Вычислить пределы функций:

1) lim

x2

+ 3 x + 2

;

2) lim

x3 +

2 x2

− x − 2

x→−1

 

x→1

 

3 x + 1

2 x+3

4) lim

 

 

;

3 x − 1

x→∞

 

 

7) lim

ln( 1 + x2 )

;

1 + x2 − 1

x→0

 

10) lim 1 − sin3 x ; x→π2 cos2 x

5) lim

x→0

8) lim

x→0

11) lim

x→10

94

 

5 − x − 2

;

 

x3 − 1

 

 

 

 

 

4 + x − 2

;

 

 

 

 

arctg3 x

 

 

 

 

cos x − 1

;

 

sin2 2 x

 

lg x − 1

 

;

 

x − 9 − 1

 

 

 

 

 

 

 

2 x2

− 4

−x2

3)

lim

 

 

 

;

 

2

 

 

 

2 x

− 1

 

 

x→∞

 

 

6) lim

 

sin7 x

 

;

 

 

 

x→0

 

x2 +π x

 

 

cos π x

9) lim

 

2

 

;

2x−1 −

1

x→1

 

 

12) lim

 

eπ x − 1

 

;

3

1 + x −

1

x→0

 

1

2 − x ln( 2−x )

13) lim ;

x→1 x

14) lim

sin(π( x + 2 ))

; 15)

lim

esin 2 x − 1

.

1 + x − 1

 

 

2 x

 

x→0

 

x→

π

ln

 

 

 

 

 

2

π

 

3. Для данных функций найти точки разрыва, выяснить характер разрыва, построить схематический график:

 

 

x

 

 

 

 

x+

1

 

 

 

 

1) f ( x ) =

 

 

;

 

2) f ( x ) = e

x ;

 

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

( 1 + x )

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x , | x |≤ 1

 

0 ,

 

x ≤ 0

3) f ( x ) =

;

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

4) f ( x ) = e x , 0 < x < 2 ;

 

1, | x |>

1

 

x + 3, x ≥ 2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

x ,

 

 

 

 

x < 1

5) f ( x ) =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

;

 

6) f ( x ) =

x

− 3

 

 

.

 

 

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

,

x ≥ 1

 

1 − 2 x−1

 

 

 

 

 

− 3

 

 

 

 

 

x

 

 

 

95

Глава 4. ДИФФЕРЕНЦИРОВАНИЕ ФУНКЦИИ ОДНОГО АРГУМЕНТА

1. ПОНЯТИЕ ПРОИЗВОДНОЙ

Переходим к изложению основ дифференциального исчисления. В качестве введения в дифференциальное исчисление рассмотрим задачу о скорости и задачу о касательной. Обе задачи исторически оказались связанными с формированием основного понятия дифференциального исчисления, получившего название произ-

водной.

1.1 Задача о скорости и задача о касательной

Задача о скорости. Материальная точка движется прямолинейно так, что в каждый момент времени t она находится на расстоянии S = f ( t ) от некоторой

выбранной в качестве начальной точки O (говорят, что задан закон движения

S= f ( t )). Найти скорость v движения точки в момент t0 .

Вмомент времени t0 пройденное расстояние равно f ( t0 ) = S0 , а в момент времени t0 + ∆t расстояние равно f ( t0 + ∆t ) = S1 . Таким образом, за промежу-

ток времени от t0 доt0 + ∆t точка пройдет путь ∆S = S1 −S0 = f (t0 +∆t )− f (t0 ). Средняя скорость движения материальной точки за указанный промежуток

времени равна ∆S = f ( t0 + ∆t ) − f ( t0 ) . Средняя скорость движения зависит не

∆t ∆t

только от выбранного момента времени t0, но и от длительности рассматриваемого промежутка времени ∆t. Чем меньше величина ∆t, тем точнее средняя скорость «характеризует» это движение в момент времени t0. Поэтому предел средней скорости движения при стремлении ∆t к нулю называют скоростью движения точки в данный момент времени t0 (мгновенной скоростью):

v( t0 ) =

lim

∆S

= lim

f ( t0

+ ∆t ) − f ( t0

)

.

∆t

 

∆t

 

 

∆t→0

∆t→0

 

 

 

Задача о касательной. Пусть имеется кривая и лежащая на ней некоторая точка M. Возьмём на этой кривой любую другую точку N и будем перемещать её по кривой, неограниченно приближая к точке M (то есть, чтобы расстояние между ними стремилось к нулю). При этих условиях секущая MN, вообще говоря, меняет своё положение, вращаясь вокруг точки M (рисунок 1). Если существует прямая MT, являющаяся предельным положением секущей MN при неограниченном приближении точки N по кривой к точке M, то эта прямая называется касательной к кривой в точке M. Следует иметь в виду, что кривая в её точке M может и не иметь касательной.

Рассмотрим некоторую плоскую кривую с уравнением y = f ( x ) и точку

95

M (x0 , f ( x0 )) этой кривой (рисунок 2). Пусть кривая в точке M имеет невертикальную касательную MT. Напишем уравнение этой касательной.

Значению аргумента

x0 + ∆x

соответствует значение функции

f ( x0 + ∆x ) = f ( x0 ) + ∆y

и, значит, точка N ( x0 + ∆x; f ( x0 + ∆x )) кривой.

Здесь ∆x – произвольное приращение аргумента x = x0 , а ∆y = f( x0 +∆x)− f( x0 )

– соответствующее приращение функции.

 

Y

 

y=f(x)

 

 

 

 

 

N

f (x0+∆x)

 

N

 

 

 

 

∆y

T

 

T

 

 

 

 

f(x0)

M

 

 

M

 

α β

∆x

 

 

0

x0

x0+∆x

X

Рисунок 1

 

Рисунок 2

 

 

Пусть теперь ∆x→ 0, тогда точка N по кривой стремится к точке M, секущая MN, меняя своё положение, будет стремиться занять положение касательной MT к кривой в точке M. Обозначим через β угол наклона к оси OX секущей MN, а

через α – угол наклона касательной к кривой в точке M. Если ∆x→ 0, то β→α и, значит,

tgβ → tgα. Но tgβ =

∆y

, следовательно, tgα = lim

∆y .

 

∆x

∆x→0

∆x

Уравнение касательной MT – прямой, проходящей через точку M( x0 , f ( x0 ))

с угловым коэффициентом k = tgα , запишется в виде

 

 

y −

f ( x

) = k( x − x ) = lim

∆y ( x − x ) .

 

0

0

∆x→0

∆x

0

 

 

 

 

Итак, если сопоставить операции, которые осуществлялись при решении рассмотренных задач, то легко заметить, что в обоих случаях по существу делалось одно и то же: приращение функции делилось на приращение независимой переменной и затем вычислялся предел их отношения. Таким путём приходим к основному понятию дифференциального исчисления – к понятию производной.

1.2 Определение производной

96

Пусть функция y = f ( x ) определена в некоторой окрестности точки x. Дадим

аргументу x приращение ∆x (при этом предполагается, что точка x + ∆x принадлежит области определения функции). Тогда функция получит приращение

∆y = f ( x + ∆x ) − f ( x ) .

Производной функции f ( x ) в точке x называется предел отношения прира-

щения функции к приращению аргумента при стремлении приращения аргумента к нулю, если этот предел существует и конечен.

 

 

Производная

функции y = f ( x ) в

точке x обозначается символами:

y′,

 

′

 

dy

 

df ( x )

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

f

( x ) или dx ,

dx .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Итак, по определению

f ( x + ∆x ) − f ( x )

 

 

 

 

 

 

 

 

 

f ′( x ) = lim

.

(1)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

∆x→0

∆x

 

 

 

Производная

f ′( x ) является функцией аргумента x, поскольку, если для дан-

ного значения аргумента x существует предел отношения (1), то только один. При конкретных числовых значениях аргумента x производная – число. В случаях, когда может возникнуть сомнение относительно переменной, по которой взята про-

изводная, эта переменная указывается в виде значка внизу: y / , f / ( x

0

) .

 

 

 

x

x

 

 

 

 

 

Рассматривая задачу о скорости, мы получили, что v = lim

∆S

,

т.е.

v =

dS

.

∆t

 

∆t→0

 

 

 

 

dt

Отсюда следует механический смысл производной: скорость v есть производная от пройденного пути S по времени t.

Если слово «скорость» понимать в более широком смысле, то можно производную функции y = f ( x ) по x считать скоростью изменения переменной y в точке

x. Поэтому понятие производной находит широкое применение при изучении скорости течения различных процессов (например, скорость охлаждения нагретого тела; скорость осуществления работы – мощность; скорость обесценивания оборудования и т.п.).

Из рассмотренной задачи о касательной следует, чтоtgα = lim

∆y

, т.е.

∆x→0

∆x

 

tgα = y′ . Отсюда следует геометрический смысл производной: производная функции y = f ( x ) в точке x равна угловому коэффициенту k = tgα касательной в точке M( x, f ( x )) графика функции.

На основании ранее приведённых рассуждений получаем, что уравнение невер-

тикальной касательной к кривой y = f ( x ) в её точке M( x0 ,

f ( x0 )) можно

записать в виде

 

y − f ( x0 ) = f ′( x0 )( x − x0 ).

(2)

97

 

Нормалью к кривой в её точке M называется прямая, проходящая через точку M перпендикулярно касательной к кривой в этой точке. Так как у двух взаимно перпендикулярных прямых угловые коэффициенты обратно пропорциональны и

отличаются знаком, то уравнение нормали

к кривой

y = f ( x )

в точке

M ( x0 , f ( x0 )) имеет вид

 

 

 

 

 

y − f ( x ) = −

1

 

( x − x

) ,

(3)

 

 

0

f ′( x0

)

0

 

 

 

 

 

 

если f ′( x0 ) ≠ 0 .

Пример 1. Найти производную функции y = x3 .

•В этом случае

∆y =( x +∆x )3 −x3 = x3 +3x2∆x+3x(∆x )2 +(∆x)3 −x3 =(3x2 +3x∆x+(∆x )2 )∆x,

∆y

= 3 x2

+ 3 x∆x + ( ∆x )2 , lim

∆y

= 3 x2 .

∆x

 

∆x→0

∆x

 

Следовательно, y′ = 3 x2

. •

 

 

Пример 2. Написать уравнение касательной и нормали к кривой y = x в точ-

ке M ( 1; 1 ) .

• Функция y = x определена и непрерывна при 0 ≤ x < +∞ . Составим при-

ращение функции ∆y = x + ∆x − x . Для отыскания предела отношения при-

ращений функции и аргумента переносим иррациональность в знаменатель с последующим сокращением:

lim

∆y

=

lim

 

x + ∆x − x

= lim

(

x + ∆x − x ) ( x + ∆x + x )

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

∆x ( x + ∆x +

x )

 

∆x

 

∆x

 

 

 

 

 

∆x→0

∆x→0

 

 

∆x→0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

= lim

 

 

 

x + ∆x − x

 

 

= lim

 

 

1

 

=

1

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

x )

 

 

 

 

 

 

 

 

∆x→0 ∆x (

 

x + ∆x +

 

∆x→0

x

+ ∆x +

x 2 x

 

 

 

Итак,

y′ = (

 

x )′ =

 

1

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2

x

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

точке M ( 1;

1 ) :

Вычислим

угловой

коэффициент

касательной в

 

′

 

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

2 .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k = y ( 1 ) =

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Уравнения касательной и нормали будут иметь вид (согласно (2) и (3) ):

 

 

y − 1 =

1

( x − 1 ) , y − 1 = −2( x − 1 ) или x − 2 y + 1 = 0 , 2 x + y − 3 = 0 .

 

•

 

 

 

2

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

98

 

 

 

 

 

 

 

 

Соседние файлы в предмете [НЕСОРТИРОВАННОЕ]